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할리데이 일반물리학 1+2 개정10판 솔루션 … – naver 포스트
할리데이 일반물리학 1+2 개정10판 솔루션(halay Fundamental Of Physics 10th Edition Solution). Dav Hallay, Robe.pdf.
Source: m.post.naver.com
Date Published: 8/30/2022
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ISV SM Ch05 할리데이 10판 5장 솔루션 – StuDocu
할리데이 10판 5장 솔루션 the diagram depicted for the body is shown to the … 일반 물리학 실험 5주차 결과 보고서 · Instructor’s Solutions Manuals for …
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Date Published: 1/16/2021
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할리데이 일반물리2 10판 솔루션 구합니다ㅠㅠ – 물리학 갤러리
할리데이 일반물리2 10판 솔루션 구합니다ㅠㅠ. ㅇㅇ(117.111); 2018.09.16 18:40. 조회수 1156; 추천 0; 댓글 3. 보내주실분ㅠ. 추천검색. 개념글 추천하기.
Source: m.dcinside.com
Date Published: 6/26/2022
View: 3278
대학전공 솔루션 해답 해설 답지 모음 solution
Kreyszig의 공업수학 개정10판 문제풀이 솔루션 … 10. [솔루션][일반물리학8판-할리데이] Fundamentals of Physics/Hallay,Resnick,Walker/8th …
Source: reportmaster.tistory.com
Date Published: 1/20/2021
View: 5808
Halliday 일반 물리학 솔루션 1장~22장
Hallay 일반 물리학 솔루션 1장~22장. 초회한정. 2009.06.12. 공유하기 … 덧글 10 관련글(트랙백) 0. 신고. 맨 위로. 앱으로 보기 배너 닫기 …
Source: gkswjd.egloos.com
Date Published: 6/8/2021
View: 6183
Halliday 일반물리학 10판 솔루션 중고거래 – 번개장터
Hallay 일반물리학 10판 솔루션 가격: 75000원 할리데이 일반물리학 10판 솔루션입니다. 따로 제본하였고 총 3권입니다. 표지는 코팅된 스노우지, 내지는 광택나는 …
Source: m.bunjang.co.kr
Date Published: 2/8/2022
View: 123
일반물리학 제1권(개정판 10판)Jearl Walker | 범한서적- 교보문고
이 책은 물리학을 다룬 이론서입니다. … 일반물리학 제1권(개정판 10판) … Jearl Walker Dav Hallay Robert Resnick 고려대 물리학과 교수 일동 서강대 …
Source: www.kyobobook.co.kr
Date Published: 10/15/2022
View: 8005
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주제에 대한 기사 평가 할리데이 일반 물리학 개정 10 판 솔루션
- Author: 척척석사
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- Date Published: 2020. 6. 13.
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ISV SM Ch05 할리데이 10판 5장 솔루션
195
(a) The free-body diagram depicted for the body is
shown to the right. The forces are
F 1 =
r 9 N and F 2 =
r 7 N
The resultant force is
2 2 (9 N) (7 N) 81 N 49 N
130 N 11 N
F= + = +
= =
r
.
null
Using the equation ,
F a m
=
r r we get the magnitude of the acceleration of the body as
11 N 2
1 m/s. 6 kg
F
a m
= = =
r
(b) From the figure, the direction of the acceleration of the body is calculated as follows:
2
1
7 N
tan 0 N 38 , 9 N
F
F
q= = ª fi q= ∞
from which we conclude that the direction of the acceleration of the body is 38 ∞ counter-
clockwise from the positive x direction.
196 CHAPTER 5
We apply Newton’s second law (Eq. 5-1 or, equivalently, Eq. 5-2). The net force
applied on the chopping block is
r r r Fnet=F 1 +F 2 , where the vector addition is done using
unit-vector notation. The acceleration of the block is given by
r r r
a=dF 1 +F 2 i/ .m
(a) In the first case
1 2 ( ) ( ) ( ) ( )
F+F =È3 N iˆ+ 4 N jˆ ̆+È-3 N iˆ+ -4 N jˆ ̆= 0 Î ̊ Î ̊
r r
so
r a= 0.
(b) In the second case, the acceleration
r a equals
(( ) ( ) ) (( ) ( ) )
1 2 2
3 N iˆ 4 N jˆ 3 N iˆ 4 N jˆ ˆ (3 m/s ) j. 2
F F
m
+ + – +
+
= =
r r
(c) In this final situation,
r a is
(( ) ( ) ) (( ) ( ) )
1 2 2
3 N iˆ 4 N jˆ 3 N iˆ 4 N jˆ ˆ (2 m/s )i. 2 kg
F F
m
+ + + –
+
= =
r r
198 CHAPTER 5
As the body is moving with a constant velocity (i.,
r v = constant), the net force acting
on the body is zero and therefore the acceleration of the body is also zero (i.,
r a= 0),
that is,
net 1 2 0
(2 N)ˆ (5 N)ˆ ( N)ˆ ( N)ˆ
F F F ma
i j x i y j
= + = =
= – + +
r r r r
Hence, the other force is
2 1 F = -F= -( 2 N) ˆi+( 5 N) .jˆ
r r
199
The net force applied on the chopping block is
r r r r Fnet=F 1 +F 2 +F 3 ,
where the vector addition is done using unit-vector notation. The acceleration of the
block is given by
Fnet F 1 F 2 F 3 a m m
+ +
= =
r r r r r
(a) The forces exerted by the three astronauts can be expressed in unit-vector notation as
follows:
( )
( )
( ( ) ( ) )
1
2
3
ˆ ˆ ˆ ˆ
(32 N) cos 30 i sin 30 j (27 N) i (16 N ) j
(55 N) cos 0 iˆ sin 0ˆj (55 N) iˆ
(41 N ) cos 60 iˆ sin 60 ˆ (20 N) iˆ ( 35 N ) j.ˆ j
F
F
F
= ∞ + ∞ = +
= ∞ + ∞ =
= – ∞ + – ∞ = –
r
r
r
The resultant acceleration of the asteroid of mass m = 120 kg is therefore
( ) ( ) ( )
2 2
27 .7 i 16 j Nˆ ˆ 55 i Nˆ 20ˆ 35 .5 j Nˆ ˆ ˆ (0 .8 6 m/ s ) i (0 m/ s )j. 1 20 kg
a
+ + + –
= = –
r
(b) The magnitude of the acceleration vector is
( )
2 2 2 2 2 2 2 a= ax +ay = (0 m/s ) + -0 m/s =0 m/s.
r
(c) The vector
r a makes an angle q with the +x axis, where
2 1 1 2
0 m/s tan tan 11. 0 m/s
y
x
a
a
q
– Ê ˆ – Ê- ˆ
= Á ̃= Á ̃= – ∞
Ë ̄ Ë ̄
201
THINK A box is under acceleration by two applied forces. We use Newton’s second
law to solve for the unknown second force.
EXPRESS We denote the two forces as
r r F 1 andF 2. According to Newton’s second law,
F 1 +F 2 =m a,
r r r so the second force is F 2 =ma-F 1.
r r r Note that since the acceleration is in
the third quadrant, we expect F 2
r to be in the third quadrant as well.
ANALYZE
(a) In unit vector notation and
( ) ( ) ( ) ( )
2 ˆ 2 ˆ 2 ˆ 2 ˆ
a= – 12 sin 30 m/s i∞ -12 cos 30 m/s∞ j= – 6 m/s i- 10 .4 m/s j.
r
Therefore, we find the second force to be
( )( ) ( )( ) ( )
( ) ( )
2 1 2 ˆ 2 ˆ ˆ 2 kg 6 m/s i 2 kg 10 m/s j 20 N i
ˆ ˆ 32 N i 20 N j.
F =ma-F
= – + – –
= – –
r r r
(b) The magnitude of
r F 2 is
2 2 2 2 |F 2 |= F 2 x+F 2 y= ( 32 N)- + -( 2 0 N) =38 .2 N.
r
(c) The angle that
r F 2 makes with the positive x-axis is found from
2
2
20 .8 N
t an 0 .6 56 3 2 N
y
x
F
F
f
Ê ˆ –
=Á ̃= =
Ë ̄ –
.
Consequently, the angle is either 33° or 33° + 180° = 213°. Since both the x and y
components are negative, the correct result is f = 213° from the +x-axis. An
alternative answer is 213 ∞ – 360 ∞ = -1 47 .∞
LEARN The result is shown in the figure on the right.
The calculation confirms our expectation that
r F 2 lies in
the third quadrant (same as a
r ). The net force is
( ) ( ) ( )
( ) ( )
net 1 2 20 N iˆ 32 N iˆ 20 N jˆ
ˆ ˆ
12 N i 20 N j
F =F+F = +È- – ̆
Î ̊
= – –
r r r
which points in the same direction as a
r .
202 CHAPTER 5
We note that
2 2 net
ˆ ˆ ˆ ˆ
F =ma=(1 kg) ( 8 m/s )i (6 m/s ) jÈ- + ̆= -( 12 N) i+( 9 N) j. Î ̊
r r
With the other forces as specified in the problem, then Newton’s second law gives the
third force as
F 3
Æ = m a
Æ – F 1
Æ – F 2
Æ = (–30 N) i
^ – (15 N) j
^ .
204 CHAPTER 5
At t=0 s, we have v t( =0 s) ( 6 m/s)= – iˆ+ -( 8 m/s) .ˆj
r Therefore, the angle
v
r makes with +x is
1 1 8 m/s tan tan 50 or 129.. 6 m/s
y v x
v
v
– Ê ˆ -Ê- ˆ
= Á ̃= Á ̃= ∞ – ∞
Ë ̄ Ë- ̄
q
Because v
r is in the third quadrant, we choose the angle of the object’s travel direction as
130°, rounded to three significant digits.
205
To solve the problem, we note that acceleration is the second time derivative of the
position function, and the net force is related to the acceleration via Newton’s second
law. Thus, differentiating
2 3 x t( )= -13 2+ t+4 -3
twice with respect to t, we get
2 2 2
2 8 9 , 8 18.
dx d x t t t dt dt
= + – = –
The net force acting on the particle at t=2 s is
[ ]2
2
ˆ ˆ ˆ
i (0) 8 18(2) i ( 5 N)i
d x F m dt
= = – = –
r
207
From the slope of the graph we find ax = 3 m/s
2 . Applying Newton’s second law to
the x axis (and taking q to be the angle between F 1 and F 2 ), we have
F 1 + F 2 cosq = m ax fi q = 56∞.
208 CHAPTER 5
For the mass 3m, we have
3 mg- 2 T= 3 ma 3 (1)
For the mass 2m, we have
T- = 0 2 ma 1 (2)
For the mass m, we have
T- = 0 ma 2 (3)
From Eqs. (2) and (3), we get
2 1
a = 2 a
If the string of 2m mass moves by a distance x, the string of mass m moves by distance
2 x. The total distance 3x is shared equally on both sides of the pulley and the mass 3m
comes down by
2 2 0 0
3 1 1 1 from the equation of motion, ( ) 0 2 2 2
x x x x v t at at
È ̆ = – = + = + Í ̇ Î ̊
a 3 =1 1
Adding Eqs. (2) and (3), we get
1 2
1 1
2
2 2
T T ma ma
ma m a
+ = +
= +
That is,
2 T= 4 ma 1 (4)
From Eq. (1), we get
1 1
1
1
3 1
2 3
3 4 3 1.
3 8.
3
8.
1.
3 1 4.
0 5 m/s. 8 8.
mg ma m a
mg ma
a g
a a
a g g g
– = ¥
=
Ê ˆ
=
Á ̃
Ë ̄
=
Ê ¥ ˆ Ê ˆ
=Á ̃ =Á ̃ = =
Ë ̄ Ë ̄
210 CHAPTER 5
THINK We have a piece of salami hung to a spring scale in various ways. The
problem is to explore the concept of weight.
EXPRESS We first note that the reading on the spring scale is proportional to the weight
of the salami. In all three cases (a) – (c) depicted in Fig. 5-34, the scale is not
accelerating, which means that the two cords exert forces of equal magnitude on it. The
scale reads the magnitude of either of these forces. In each case the tension force of the
cord attached to the salami must be the same in magnitude as the weight of the salami
because the salami is not accelerating. Thus the scale reading is mg, where m is the mass
of the salami.
ANALYZE In all three cases (a) – (c), the reading on the scale is
w = mg = (11 kg) (9 m/s
2 ) = 108 N.
LEARN The weight of an object is measured when the object is not accelerating
vertically relative to the ground. If it is, then the weight measured is called the apparent
weight.
211
(a) There are six legs, and the vertical component of the tension force in each leg is
Tsinq where q= 40 ∞. For vertical equilibrium (zero acceleration in the y direction) then
Newton’s second law leads to
6
6
T mg T
mg sin sin
q q
= fi =
which (expressed as a multiple of the bug’s weight mg) gives roughly T mg/ ª0.
(b) The angle q is measured from horizontal, so as the insect “straightens out the legs” q
will increase (getting closer to 90 ∞), which causes sinq to increase (getting closer to
and consequently (since sinq is in the denominator) causes T to decrease.
213
The free-body diagram of the cars is shown on the right. The force exerted by John
Massis is
2 F=2.5mg=2(80 kg)(9 m/s ) 1960 N=.
Since the motion is along the horizontal x-axis, using Newton’s second law, we have
Fx=Fcosq=Max, where M is the total mass of the railroad
cars. Thus, the acceleration of the cars is
2 5 2
cos (1960 N) cos 30 0 m/s. (7 10 N / 9 m/s )
x
F
a M
q ∞ = = = ¥
Using Eq. 2-16, the speed of the car at the end of the pull is
2 vx= 2 a xxD = 2(0 m/s )(1 m)=0 m/s.
214 CHAPTER 5
THINK In this problem we’re interested in the force applied to a rocket sled to
accelerate it from rest to a given speed in a given time interval.
EXPRESS
In terms of magnitudes, Newton’s second law of motion is F = ma, where F =
r Fnet ,
a=| |a
r , and m is the (always positive) mass. The magnitude of the acceleration can be
found using constant acceleration kinematics. Solving v = v 0 + at for the case where it
starts from rest, we have a = v/t (which we interpret in terms of magnitudes, making
specification of coordinate directions unnecessary). The velocity is
v = (1650 km/h) (1000 m/km)/(3600 s/h) = 458 m/s,
so
458 m s 5 (550 kg) 1 10 N. 2 s
v F ma m t
= = = = ¥
LEARN From the expression F=m v t/ , we see that the shorter the time to attain a given
speed, the greater the force required.
일반물리학 제1권(개정판 10판)
상품상세정보 ISBN 9788971292679 ( 8971292679 ) 쪽수 731쪽 크기 190 * 260 mm /1310g 판형알림 이 책의 원서/번역서 Principles of Physics / David Halliday
책소개
이 책이 속한 분야
▶ 이 책은 물리학을 다룬 이론서입니다. 물리학의 기초적이고 전반적인 내용을 학습할 수 있습니다.
목차
1 측정
2 직선운동
3 벡터
4 2차원 운동과 3차원 운동
5 힘과 운동-1
6 힘과 운동-2
7 운동에너지와 일
8 퍼텐셜에너지와 에너지 보존
9 질량중심과 선운동량
10 회전
11 굴림운동, 토크, 각운동량
12 평형과 탄성
13 중력
14 유체
15 진동
16 파동-1
17 파동-2
18 온도, 열, 열역학 제1법칙
19 기체운동론
20 엔트로피와 열역학 제2법칙
부록
문제해답
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